🏃♂️ 2026 MATH MARATHON - POLYNOMIALS #1
Polynomials Mastery
Part 1: Βασικές Έννοιες & Division - Τα Θεμέλια της Άλγεβρας
🎯 Καλωσορίσατε στο Polynomials Marathon!
Τα πολυώνυμα είναι η **καρδιά της άλγεβρας** και εμφανίζονται σε κάθε μαθηματικό διαγωνισμό. Σε αυτή τη σειρά θα μάθετε:
Σήμερα (Part 1):
✅ Βασικούς ορισμούς & notation
✅ Division Algorithm (το πιο σημαντικό θεώρημα!)
✅ Factor & Remainder Theorems
✅ 6 αναλυτικά παραδείγματα
✅ Τεχνικές για διαγωνισμούς
Τα πολυώνυμα είναι η **καρδιά της άλγεβρας** και εμφανίζονται σε κάθε μαθηματικό διαγωνισμό. Σε αυτή τη σειρά θα μάθετε:
Σήμερα (Part 1):
✅ Βασικούς ορισμούς & notation
✅ Division Algorithm (το πιο σημαντικό θεώρημα!)
✅ Factor & Remainder Theorems
✅ 6 αναλυτικά παραδείγματα
✅ Τεχνικές για διαγωνισμούς
🤔 Ερώτηση Προβληματισμού:
Γιατί τα πολυώνυμα λέγονται "polynomials" (πολλά + όνομα)? Επειδή περιέχουν **πολλούς όρους** (terms). Αλλά πόσο "πολλοί" μπορεί να είναι αυτοί οι όροι; Η απάντηση θα σας εκπλήξει!
Γιατί τα πολυώνυμα λέγονται "polynomials" (πολλά + όνομα)? Επειδή περιέχουν **πολλούς όρους** (terms). Αλλά πόσο "πολλοί" μπορεί να είναι αυτοί οι όροι; Η απάντηση θα σας εκπλήξει!
📐 1. Βασικοί Ορισμοί - Τι είναι Πολυώνυμο;
📌 Ορισμός: Πολυώνυμο
Ένα πολυώνυμο (polynomial) σε μία μεταβλητή \(x\) είναι μια παράσταση της μορφής:
• \(a_0, a_1, \ldots, a_n\) είναι οι συντελεστές (coefficients)
• \(a_n \neq 0\) είναι ο κύριος συντελεστής (leading coefficient)
• \(n \in \mathbb{N}\) είναι ο βαθμός (degree) του πολυωνύμου: \(\deg f = n\)
• \(a_0\) είναι ο σταθερός όρος (constant term)
Σημείωση: Οι συντελεστές συνήθως ανήκουν σε \(\mathbb{C}\), \(\mathbb{R}\), \(\mathbb{Q}\), ή \(\mathbb{Z}\).
Ένα πολυώνυμο (polynomial) σε μία μεταβλητή \(x\) είναι μια παράσταση της μορφής:
\[ f(x) = a_n x^n + a_{n-1}x^{n-1} + \cdots + a_1 x + a_0 \]
όπου:• \(a_0, a_1, \ldots, a_n\) είναι οι συντελεστές (coefficients)
• \(a_n \neq 0\) είναι ο κύριος συντελεστής (leading coefficient)
• \(n \in \mathbb{N}\) είναι ο βαθμός (degree) του πολυωνύμου: \(\deg f = n\)
• \(a_0\) είναι ο σταθερός όρος (constant term)
Σημείωση: Οι συντελεστές συνήθως ανήκουν σε \(\mathbb{C}\), \(\mathbb{R}\), \(\mathbb{Q}\), ή \(\mathbb{Z}\).
📝 Παραδείγματα Πολυωνύμων
1. \(f(x) = 3x^5 - 2x^3 + 7x - 1\)
• Βαθμός: \(\deg f = 5\)
• Κύριος συντελεστής: \(a_5 = 3\)
• Σταθερός όρος: \(a_0 = -1\)
2. \(g(x) = x^2 + 1\)
• Βαθμός: \(\deg g = 2\) (τετραγωνικό/quadratic)
• Κύριος συντελεστής: \(a_2 = 1\) (monic polynomial)
3. \(h(x) = 5\)
• Βαθμός: \(\deg h = 0\) (σταθερό πολυώνυμο)
Ειδική περίπτωση: Το μηδενικό πολυώνυμο \(f(x) = 0\) δεν έχει ορισμένο βαθμό.
• Βαθμός: \(\deg f = 5\)
• Κύριος συντελεστής: \(a_5 = 3\)
• Σταθερός όρος: \(a_0 = -1\)
2. \(g(x) = x^2 + 1\)
• Βαθμός: \(\deg g = 2\) (τετραγωνικό/quadratic)
• Κύριος συντελεστής: \(a_2 = 1\) (monic polynomial)
3. \(h(x) = 5\)
• Βαθμός: \(\deg h = 0\) (σταθερό πολυώνυμο)
Ειδική περίπτωση: Το μηδενικό πολυώνυμο \(f(x) = 0\) δεν έχει ορισμένο βαθμό.
📌 Ειδικά Ονόματα Πολυωνύμων:
| Βαθμός | Όνομα | Παράδειγμα |
|---|---|---|
| 0 | Constant (Σταθερό) | \(f(x) = 5\) |
| 1 | Linear (Γραμμικό) | \(f(x) = 2x + 3\) |
| 2 | Quadratic (Τετραγωνικό) | \(f(x) = x^2 - 4x + 4\) |
| 3 | Cubic (Κυβικό) | \(f(x) = x^3 + 1\) |
| 4 | Quartic | \(f(x) = x^4 - 1\) |
| 5 | Quintic | \(f(x) = x^5 + x\) |
➗ 2. Division Algorithm - Το Θεμελιώδες Θεώρημα
🎯 Θεώρημα: Division with Remainder (Ευκλείδεια Διαίρεση)
Για κάθε δύο πολυώνυμα \(f(x)\) και \(g(x)\) με \(g(x) \neq 0\), υπάρχουν μοναδικά πολυώνυμα \(q(x)\) (πηλίκο/quotient) και \(r(x)\) (υπόλοιπο/remainder) τέτοια ώστε:
Ειδική περίπτωση: Όταν \(g(x) = x - a\), τότε:
Για κάθε δύο πολυώνυμα \(f(x)\) και \(g(x)\) με \(g(x) \neq 0\), υπάρχουν μοναδικά πολυώνυμα \(q(x)\) (πηλίκο/quotient) και \(r(x)\) (υπόλοιπο/remainder) τέτοια ώστε:
\[ f(x) = g(x) \cdot q(x) + r(x) \]
με \(\deg r < \deg g\) ή \(r(x) = 0\).Ειδική περίπτωση: Όταν \(g(x) = x - a\), τότε:
\[ f(x) = (x-a) \cdot q(x) + r \]
όπου \(r\) είναι σταθερά (αφού \(\deg r < \deg(x-a) = 1\)).
✍️ Ιδέα Απόδειξης
Ύπαρξη:
Χρησιμοποιούμε επαγωγή στον βαθμό του \(f(x)\).
Αν \(\deg f < \deg g\), τότε \(q(x) = 0\) και \(r(x) = f(x)\). ✓
Αν \(\deg f \geq \deg g\), έστω \(f(x) = a_nx^n + \cdots\) και \(g(x) = b_mx^m + \cdots\) με \(n \geq m\).
Θεωρούμε το πολυώνυμο:
\[ f_1(x) = f(x) - \frac{a_n}{b_m}x^{n-m} \cdot g(x) \]
Τότε \(\deg f_1 < \deg f\). Από επαγωγή, υπάρχουν \(q_1, r\) με:
\[ f_1(x) = g(x) \cdot q_1(x) + r(x) \]
Άρα:
\[ f(x) = g(x) \cdot \left(q_1(x) + \frac{a_n}{b_m}x^{n-m}\right) + r(x) \]
Χρησιμοποιούμε επαγωγή στον βαθμό του \(f(x)\).
Αν \(\deg f < \deg g\), τότε \(q(x) = 0\) και \(r(x) = f(x)\). ✓
Αν \(\deg f \geq \deg g\), έστω \(f(x) = a_nx^n + \cdots\) και \(g(x) = b_mx^m + \cdots\) με \(n \geq m\).
Θεωρούμε το πολυώνυμο:
\[ f_1(x) = f(x) - \frac{a_n}{b_m}x^{n-m} \cdot g(x) \]
Τότε \(\deg f_1 < \deg f\). Από επαγωγή, υπάρχουν \(q_1, r\) με:
\[ f_1(x) = g(x) \cdot q_1(x) + r(x) \]
Άρα:
\[ f(x) = g(x) \cdot \left(q_1(x) + \frac{a_n}{b_m}x^{n-m}\right) + r(x) \]
Μοναδικότητα:
Έστω \(f(x) = g(x)q_1(x) + r_1(x) = g(x)q_2(x) + r_2(x)\).
Τότε:
\[ g(x)(q_1(x) - q_2(x)) = r_2(x) - r_1(x) \]
Αν \(q_1 \neq q_2\), τότε η αριστερή πλευρά έχει βαθμό \(\geq \deg g\), ενώ η δεξιά έχει βαθμό \(< \deg g\). Άτοπο! Άρα \(q_1 = q_2\) και \(r_1 = r_2\). ✓
Έστω \(f(x) = g(x)q_1(x) + r_1(x) = g(x)q_2(x) + r_2(x)\).
Τότε:
\[ g(x)(q_1(x) - q_2(x)) = r_2(x) - r_1(x) \]
Αν \(q_1 \neq q_2\), τότε η αριστερή πλευρά έχει βαθμό \(\geq \deg g\), ενώ η δεξιά έχει βαθμό \(< \deg g\). Άτοπο! Άρα \(q_1 = q_2\) και \(r_1 = r_2\). ✓
🎯 3. Factor Theorem & Remainder Theorem
📐 Θεώρημα Υπολοίπου (Remainder Theorem)
Όταν το πολυώνυμο \(f(x)\) διαιρείται με \(x - a\), το υπόλοιπο είναι:
Από το Division Algorithm:
\[ f(x) = (x-a) \cdot q(x) + r \]
Θέτοντας \(x = a\):
\[ f(a) = (a-a) \cdot q(a) + r = 0 + r = r \quad \checkmark \]
Όταν το πολυώνυμο \(f(x)\) διαιρείται με \(x - a\), το υπόλοιπο είναι:
\[ r = f(a) \]
Απόδειξη:Από το Division Algorithm:
\[ f(x) = (x-a) \cdot q(x) + r \]
Θέτοντας \(x = a\):
\[ f(a) = (a-a) \cdot q(a) + r = 0 + r = r \quad \checkmark \]
📐 Θεώρημα Παράγοντα (Factor Theorem)
Το \((x-a)\) είναι παράγοντας του \(f(x)\) αν και μόνο αν \(f(a) = 0\).
Δηλαδή:
(\(\Rightarrow\)) Αν \((x-a) \mid f(x)\), τότε \(f(x) = (x-a)q(x)\). Άρα \(f(a) = 0 \cdot q(a) = 0\).
(\(\Leftarrow\)) Αν \(f(a) = 0\), τότε από το Remainder Theorem, \(r = f(a) = 0\). Άρα \(f(x) = (x-a)q(x)\), δηλαδή \((x-a) \mid f(x)\). ✓
Το \((x-a)\) είναι παράγοντας του \(f(x)\) αν και μόνο αν \(f(a) = 0\).
Δηλαδή:
\[ (x-a) \mid f(x) \quad \Leftrightarrow \quad f(a) = 0 \]
Απόδειξη:(\(\Rightarrow\)) Αν \((x-a) \mid f(x)\), τότε \(f(x) = (x-a)q(x)\). Άρα \(f(a) = 0 \cdot q(a) = 0\).
(\(\Leftarrow\)) Αν \(f(a) = 0\), τότε από το Remainder Theorem, \(r = f(a) = 0\). Άρα \(f(x) = (x-a)q(x)\), δηλαδή \((x-a) \mid f(x)\). ✓
⚠️ Σημαντική Παρατήρηση:
Το Factor Theorem είναι η βάση για την εύρεση ριζών πολυωνύμων!
Σύνδεση με Ρίζες:
Αν \(\alpha\) είναι ρίζα του \(f(x)\) (δηλαδή \(f(\alpha) = 0\)), τότε:
\[ f(x) = (x - \alpha) \cdot q(x) \]
Αυτό σημαίνει ότι μπορούμε να "εξάγουμε" παράγοντες \((x-\alpha)\) για κάθε ρίζα!
Το Factor Theorem είναι η βάση για την εύρεση ριζών πολυωνύμων!
Σύνδεση με Ρίζες:
Αν \(\alpha\) είναι ρίζα του \(f(x)\) (δηλαδή \(f(\alpha) = 0\)), τότε:
\[ f(x) = (x - \alpha) \cdot q(x) \]
Αυτό σημαίνει ότι μπορούμε να "εξάγουμε" παράγοντες \((x-\alpha)\) για κάθε ρίζα!
📚 4. Αναλυτικά Παραδείγματα
🔹 Παράδειγμα 1: Grade School Division
Πρόβλημα: Δείξτε ότι \(f(x) = x^7 - 1\) διαιρείται με \(g(x) = x^3 - 1\).
Λύση:
Λύση:
Μέθοδος 1: Άμεση Διαίρεση (Polynomial Long Division)
Διαιρούμε \(x^7 - 1\) με \(x^3 - 1\):
Διαιρούμε \(x^7 - 1\) με \(x^3 - 1\):
x⁴ + x
___________________
x³ - 1 | x⁷ + 0x⁶ + 0x⁵ + 0x⁴ + 0x³ + 0x² + 0x - 1
x⁷ - x⁴
___________________
x⁴ + 0x³ + 0x² + 0x - 1
x⁴ - x
_________________
x - 1 + (x² - 1)
Περιμένετε, κάτι δεν πάει καλά... Ας το κάνουμε πιο προσεκτικά!
Μέθοδος 2: Παραγοντοποίηση (Factor Recognition)
Παρατηρούμε ότι:
\[ x^7 - 1 = (x-1)(x^6 + x^5 + x^4 + x^3 + x^2 + x + 1) \]
Επίσης:
\[ x^3 - 1 = (x-1)(x^2 + x + 1) \]
Άρα:
\[ \frac{x^7-1}{x^3-1} = \frac{(x-1)(x^6+\cdots+1)}{(x-1)(x^2+x+1)} \]
Χρειαζόμαστε να δείξουμε ότι \(x^2+x+1 \mid x^6+x^5+\cdots+1\).
Παρατηρούμε ότι:
\[ x^7 - 1 = (x-1)(x^6 + x^5 + x^4 + x^3 + x^2 + x + 1) \]
Επίσης:
\[ x^3 - 1 = (x-1)(x^2 + x + 1) \]
Άρα:
\[ \frac{x^7-1}{x^3-1} = \frac{(x-1)(x^6+\cdots+1)}{(x-1)(x^2+x+1)} \]
Χρειαζόμαστε να δείξουμε ότι \(x^2+x+1 \mid x^6+x^5+\cdots+1\).
Μέθοδος 3: Με Ρίζες της Μονάδας
Οι ρίζες του \(x^3 - 1 = 0\) είναι \(1, \omega, \omega^2\) όπου \(\omega = e^{2\pi i/3}\).
Ελέγχουμε αν είναι και ρίζες του \(x^7 - 1 = 0\):
• \(1^7 - 1 = 0\) ✓
• \(\omega^7 = \omega^{3 \cdot 2 + 1} = (\omega^3)^2 \cdot \omega = 1^2 \cdot \omega = \omega\), άρα \(\omega^7 - 1 = \omega - 1 \neq 0\) ✗
Χμμ, αυτό σημαίνει ότι \(x^3-1\) ΔΕΝ διαιρεί το \(x^7-1\)!
Οι ρίζες του \(x^3 - 1 = 0\) είναι \(1, \omega, \omega^2\) όπου \(\omega = e^{2\pi i/3}\).
Ελέγχουμε αν είναι και ρίζες του \(x^7 - 1 = 0\):
• \(1^7 - 1 = 0\) ✓
• \(\omega^7 = \omega^{3 \cdot 2 + 1} = (\omega^3)^2 \cdot \omega = 1^2 \cdot \omega = \omega\), άρα \(\omega^7 - 1 = \omega - 1 \neq 0\) ✗
Χμμ, αυτό σημαίνει ότι \(x^3-1\) ΔΕΝ διαιρεί το \(x^7-1\)!
🎓 Διόρθωση: Το σωστό είναι ότι \(x^3-1 \mid x^{7k}-1\) για κάθε \(k \in \mathbb{N}\), αλλά όχι για \(x^7-1\)!
Το σωστό παράδειγμα θα ήταν: \(x^3-1 \mid x^6-1\) ή \(x^3-1 \mid x^9-1\).
Το σωστό παράδειγμα θα ήταν: \(x^3-1 \mid x^6-1\) ή \(x^3-1 \mid x^9-1\).
🔹 Παράδειγμα 2: Vieta για 3 Ρίζες
Πρόβλημα: Έστω \(x_1, x_2, x_3\) οι ρίζες του \(x^3 + 3x^2 - 7x + 1\). Βρείτε:
(a) \(x_1^2 + x_2^2 + x_3^2\)
(b) \(x_1^3 + x_2^3 + x_3^3\)
Λύση:
(a) \(x_1^2 + x_2^2 + x_3^2\)
(b) \(x_1^3 + x_2^3 + x_3^3\)
Λύση:
Βήμα 1: Vieta's Formulas
Για το πολυώνυμο \(x^3 + 3x^2 - 7x + 1 = 0\), από τους τύπους του Vieta:
• \(x_1 + x_2 + x_3 = -3\)
• \(x_1x_2 + x_2x_3 + x_3x_1 = -7\)
• \(x_1x_2x_3 = -1\)
Για το πολυώνυμο \(x^3 + 3x^2 - 7x + 1 = 0\), από τους τύπους του Vieta:
• \(x_1 + x_2 + x_3 = -3\)
• \(x_1x_2 + x_2x_3 + x_3x_1 = -7\)
• \(x_1x_2x_3 = -1\)
Βήμα 2: Υπολογισμός \(x_1^2 + x_2^2 + x_3^2\)
Από την ταυτότητα:
\[ (x_1+x_2+x_3)^2 = x_1^2 + x_2^2 + x_3^2 + 2(x_1x_2 + x_2x_3 + x_3x_1) \]
Έχουμε:
\[ (-3)^2 = x_1^2 + x_2^2 + x_3^2 + 2(-7) \]
\[ 9 = x_1^2 + x_2^2 + x_3^2 - 14 \]
\[ x_1^2 + x_2^2 + x_3^2 = 23 \]
Από την ταυτότητα:
\[ (x_1+x_2+x_3)^2 = x_1^2 + x_2^2 + x_3^2 + 2(x_1x_2 + x_2x_3 + x_3x_1) \]
Έχουμε:
\[ (-3)^2 = x_1^2 + x_2^2 + x_3^2 + 2(-7) \]
\[ 9 = x_1^2 + x_2^2 + x_3^2 - 14 \]
\[ x_1^2 + x_2^2 + x_3^2 = 23 \]
Βήμα 3: Υπολογισμός \(x_1^3 + x_2^3 + x_3^3\)
Επειδή \(x_i\) είναι ρίζες, έχουμε \(x_i^3 = -3x_i^2 + 7x_i - 1\) για κάθε \(i\).
Άρα:
\[ x_1^3 + x_2^3 + x_3^3 = -3(x_1^2+x_2^2+x_3^2) + 7(x_1+x_2+x_3) - 3 \]
\[ = -3 \cdot 23 + 7 \cdot (-3) - 3 \]
\[ = -69 - 21 - 3 = -93 \]
Επειδή \(x_i\) είναι ρίζες, έχουμε \(x_i^3 = -3x_i^2 + 7x_i - 1\) για κάθε \(i\).
Άρα:
\[ x_1^3 + x_2^3 + x_3^3 = -3(x_1^2+x_2^2+x_3^2) + 7(x_1+x_2+x_3) - 3 \]
\[ = -3 \cdot 23 + 7 \cdot (-3) - 3 \]
\[ = -69 - 21 - 3 = -93 \]
🔹 Παράδειγμα 3: Απόδειξη ότι x-1 είναι Παράγοντας
Πρόβλημα: Αν \(P(x)\), \(Q(x)\), \(R(x)\), \(S(x)\) είναι πολυώνυμα τέτοια ώστε:
Λύση:
\[ P(x^3) + xQ(x^3) + x^2R(x^3) = (x^4 + x^3 + x^2 + x + 1)S(x) \]
τότε \(x-1\) είναι παράγοντας του \(P(x)\).Λύση:
Βήμα 1: Θέτουμε x = 1
Θέτοντας \(x = 1\) στην εξίσωση:
\[ P(1) + Q(1) + R(1) = (1+1+1+1+1)S(1) = 5S(1) \quad (*) \]
Θέτοντας \(x = 1\) στην εξίσωση:
\[ P(1) + Q(1) + R(1) = (1+1+1+1+1)S(1) = 5S(1) \quad (*) \]
Βήμα 2: Χρήση Roots of Unity
Έστω \(\omega = e^{2\pi i/5}\) (5th root of unity). Τότε \(\omega^5 = 1\) και:
\[ 1 + \omega + \omega^2 + \omega^3 + \omega^4 = 0 \]
Θέτουμε διαδοχικά \(x = \omega, \omega^2, \omega^3, \omega^4\) στην αρχική εξίσωση.
Για \(x = \omega\):
\[ P(\omega^3) + \omega Q(\omega^3) + \omega^2 R(\omega^3) = 0 \]
(αφού \(1 + \omega + \omega^2 + \omega^3 + \omega^4 = 0\))
Έστω \(\omega = e^{2\pi i/5}\) (5th root of unity). Τότε \(\omega^5 = 1\) και:
\[ 1 + \omega + \omega^2 + \omega^3 + \omega^4 = 0 \]
Θέτουμε διαδοχικά \(x = \omega, \omega^2, \omega^3, \omega^4\) στην αρχική εξίσωση.
Για \(x = \omega\):
\[ P(\omega^3) + \omega Q(\omega^3) + \omega^2 R(\omega^3) = 0 \]
(αφού \(1 + \omega + \omega^2 + \omega^3 + \omega^4 = 0\))
Βήμα 3: Προσθέτοντας όλες τις εξισώσεις
Αθροίζοντας για \(x = 1, \omega, \omega^2, \omega^3, \omega^4\), παίρνουμε:
\[ 5P(1) = 5S(1) \]
Όμως αυτό δεν μας δίνει απευθείας \(P(1) = 0\)...
[Σημείωση: Αυτό το πρόβλημα είναι πιο περίπλοκο και χρειάζεται προσεκτική ανάλυση της συμμετρίας.]
Αθροίζοντας για \(x = 1, \omega, \omega^2, \omega^3, \omega^4\), παίρνουμε:
\[ 5P(1) = 5S(1) \]
Όμως αυτό δεν μας δίνει απευθείας \(P(1) = 0\)...
[Σημείωση: Αυτό το πρόβλημα είναι πιο περίπλοκο και χρειάζεται προσεκτική ανάλυση της συμμετρίας.]
💡 Κλειδί: Τα προβλήματα με roots of unity συχνά χρησιμοποιούν το γεγονός ότι το άθροισμα όλων των \(n\)-οστών ριζών της μονάδας είναι 0!
🔹 Παράδειγμα 4: Remainder με Quadratic Divisor
Πρόβλημα: Βρείτε το υπόλοιπο της διαίρεσης του \(f(x) = x^{100}\) με \(g(x) = x^2 - 3x + 2\).
Λύση:
Λύση:
Βήμα 1: Παραγοντοποίηση του διαιρέτη
\[ x^2 - 3x + 2 = (x-1)(x-2) \]
Άρα:
\[ f(x) = (x-1)(x-2)q(x) + r(x) \]
όπου \(\deg r \leq 1\), δηλαδή \(r(x) = ax + b\).
\[ x^2 - 3x + 2 = (x-1)(x-2) \]
Άρα:
\[ f(x) = (x-1)(x-2)q(x) + r(x) \]
όπου \(\deg r \leq 1\), δηλαδή \(r(x) = ax + b\).
Βήμα 2: Χρήση του Remainder Theorem
Θέτουμε \(x = 1\):
\[ f(1) = r(1) \Rightarrow 1^{100} = a \cdot 1 + b \Rightarrow a + b = 1 \]
Θέτουμε \(x = 2\):
\[ f(2) = r(2) \Rightarrow 2^{100} = 2a + b \]
Θέτουμε \(x = 1\):
\[ f(1) = r(1) \Rightarrow 1^{100} = a \cdot 1 + b \Rightarrow a + b = 1 \]
Θέτουμε \(x = 2\):
\[ f(2) = r(2) \Rightarrow 2^{100} = 2a + b \]
Βήμα 3: Λύση συστήματος
Από τις δύο εξισώσεις:
\[ \begin{cases} a + b = 1 \\ 2a + b = 2^{100} \end{cases} \]
Αφαιρώντας:
\[ a = 2^{100} - 1 \]
\[ b = 1 - a = 1 - (2^{100}-1) = 2 - 2^{100} \]
Άρα:
\[ r(x) = (2^{100}-1)x + (2-2^{100}) = 2^{100}(x-1) + (2-x) \]
Απάντηση: \(r(x) = (2^{100}-1)x + 2 - 2^{100}\)
Από τις δύο εξισώσεις:
\[ \begin{cases} a + b = 1 \\ 2a + b = 2^{100} \end{cases} \]
Αφαιρώντας:
\[ a = 2^{100} - 1 \]
\[ b = 1 - a = 1 - (2^{100}-1) = 2 - 2^{100} \]
Άρα:
\[ r(x) = (2^{100}-1)x + (2-2^{100}) = 2^{100}(x-1) + (2-x) \]
🔹 Παράδειγμα 5: Εύρεση Πολυωνύμου από Ρίζες
Πρόβλημα: Βρείτε πολυώνυμο με ακέραιους συντελεστές που έχει ρίζες τα \(\sqrt{2}\) και \(1 + \sqrt{3}\).
Λύση:
Λύση:
Βήμα 1: Ρίζες από το \(\sqrt{2}\)
Αν \(\sqrt{2}\) είναι ρίζα, τότε και το \(-\sqrt{2}\) πρέπει να είναι ρίζα (γιατί οι συντελεστές είναι ακέραιοι).
Άρα:
\[ (x - \sqrt{2})(x + \sqrt{2}) = x^2 - 2 \]
Αν \(\sqrt{2}\) είναι ρίζα, τότε και το \(-\sqrt{2}\) πρέπει να είναι ρίζα (γιατί οι συντελεστές είναι ακέραιοι).
Άρα:
\[ (x - \sqrt{2})(x + \sqrt{2}) = x^2 - 2 \]
Βήμα 2: Ρίζες από το \(1+\sqrt{3}\)
Ομοίως, το \(1-\sqrt{3}\) πρέπει να είναι ρίζα.
Άρα:
\[ (x-(1+\sqrt{3}))(x-(1-\sqrt{3})) = ((x-1)-\sqrt{3})((x-1)+\sqrt{3}) \]
\[ = (x-1)^2 - 3 = x^2 - 2x + 1 - 3 = x^2 - 2x - 2 \]
Ομοίως, το \(1-\sqrt{3}\) πρέπει να είναι ρίζα.
Άρα:
\[ (x-(1+\sqrt{3}))(x-(1-\sqrt{3})) = ((x-1)-\sqrt{3})((x-1)+\sqrt{3}) \]
\[ = (x-1)^2 - 3 = x^2 - 2x + 1 - 3 = x^2 - 2x - 2 \]
Βήμα 3: Πολλαπλασιασμός
Το ζητούμενο πολυώνυμο είναι:
\[ f(x) = (x^2-2)(x^2-2x-2) \]
\[ = x^4 - 2x^3 - 2x^2 - 2x^2 + 4x + 4 \]
\[ = x^4 - 2x^3 - 4x^2 + 4x + 4 \]
Το ζητούμενο πολυώνυμο είναι:
\[ f(x) = (x^2-2)(x^2-2x-2) \]
\[ = x^4 - 2x^3 - 2x^2 - 2x^2 + 4x + 4 \]
\[ = x^4 - 2x^3 - 4x^2 + 4x + 4 \]
🔹 Παράδειγμα 6: Divisibility Condition
Πρόβλημα: Για ποιες τιμές του \(k \in \mathbb{R}\) το πολυώνυμο \(f(x) = x^3 + kx^2 - 2x + 3k\) διαιρείται με \(x+3\);
Λύση:
Λύση:
Χρήση του Factor Theorem:
Το \(x+3\) διαιρεί το \(f(x)\) αν και μόνο αν \(f(-3) = 0\).
Υπολογίζουμε:
\[ f(-3) = (-3)^3 + k(-3)^2 - 2(-3) + 3k \]
\[ = -27 + 9k + 6 + 3k \]
\[ = 12k - 21 \]
Θέτουμε \(f(-3) = 0\):
\[ 12k - 21 = 0 \]
\[ k = \frac{21}{12} = \frac{7}{4} \]
Απάντηση: \(k = \frac{7}{4}\)
Το \(x+3\) διαιρεί το \(f(x)\) αν και μόνο αν \(f(-3) = 0\).
Υπολογίζουμε:
\[ f(-3) = (-3)^3 + k(-3)^2 - 2(-3) + 3k \]
\[ = -27 + 9k + 6 + 3k \]
\[ = 12k - 21 \]
Θέτουμε \(f(-3) = 0\):
\[ 12k - 21 = 0 \]
\[ k = \frac{21}{12} = \frac{7}{4} \]
🚨 Συχνά Λάθη & Tips
⚠️ Common Mistakes
Λάθος 1: Σύγχυση Remainder με Factor
❌ "Αν \(f(2) = 5\), τότε \((x-2) \mid f(x)\)"
✅ Το \((x-2)\) διαιρεί το \(f(x)\) μόνο αν \(f(2) = 0\)!
Λάθος 2: Ξεχνώντας το Degree του Υπολοίπου
❌ Όταν διαιρούμε με \(x^2-1\), το υπόλοιπο μπορεί να είναι \(r(x) = ax^3 + bx + c\)
✅ Το \(\deg r < \deg(x^2-1) = 2\), άρα \(r(x) = ax + b\) (μόνο!)
Λάθος 3: Συζυγείς Ρίζες
❌ "Αν το πολυώνυμο έχει ρίζα \(\sqrt{2}\), τότε έχει και ρίζα \(-\sqrt{2}\)"
✅ Αυτό ισχύει ΜΟΝΟ αν οι συντελεστές είναι ρητοί (ή πραγματικοί)!
Λάθος 4: Vieta's Formulas Signs
❌ Για \(x^3 + px^2 + qx + r = 0\), έχουμε \(x_1 + x_2 + x_3 = p\)
✅ Το σωστό είναι \(x_1 + x_2 + x_3 = -p\) (προσέξτε το πρόσημο!)
Λάθος 1: Σύγχυση Remainder με Factor
❌ "Αν \(f(2) = 5\), τότε \((x-2) \mid f(x)\)"
✅ Το \((x-2)\) διαιρεί το \(f(x)\) μόνο αν \(f(2) = 0\)!
Λάθος 2: Ξεχνώντας το Degree του Υπολοίπου
❌ Όταν διαιρούμε με \(x^2-1\), το υπόλοιπο μπορεί να είναι \(r(x) = ax^3 + bx + c\)
✅ Το \(\deg r < \deg(x^2-1) = 2\), άρα \(r(x) = ax + b\) (μόνο!)
Λάθος 3: Συζυγείς Ρίζες
❌ "Αν το πολυώνυμο έχει ρίζα \(\sqrt{2}\), τότε έχει και ρίζα \(-\sqrt{2}\)"
✅ Αυτό ισχύει ΜΟΝΟ αν οι συντελεστές είναι ρητοί (ή πραγματικοί)!
Λάθος 4: Vieta's Formulas Signs
❌ Για \(x^3 + px^2 + qx + r = 0\), έχουμε \(x_1 + x_2 + x_3 = p\)
✅ Το σωστό είναι \(x_1 + x_2 + x_3 = -p\) (προσέξτε το πρόσημο!)
🏆 GRAND CHALLENGE - Part 1
🎯 ULTIMATE POLYNOMIAL CHALLENGE
Πρόβλημα: Έστω \(P(x)\) πολυώνυμο βαθμού \(n\) τέτοιο ώστε \(P(k) = \frac{k}{k+1}\) για \(k = 0, 1, 2, \ldots, n\).
Βρείτε το \(P(n+1)\).
🎁 Hints σε 4 Επίπεδα:
Πρόβλημα: Έστω \(P(x)\) πολυώνυμο βαθμού \(n\) τέτοιο ώστε \(P(k) = \frac{k}{k+1}\) για \(k = 0, 1, 2, \ldots, n\).
Βρείτε το \(P(n+1)\).
🎁 Hints σε 4 Επίπεδα:
🥉 Hint 1 (Beginner): Θεωρήστε το πολυώνυμο \(Q(x) = P(x) - \frac{x}{x+1}\).
🥈 Hint 2 (Intermediate): Ποιος είναι ο βαθμός του \(Q(x)\); Πόσες ρίζες έχει;
🥇 Hint 3 (Advanced): Αν το \(Q(x)\) έχει \(n+1\) ρίζες και βαθμό \(n\), τι συμβαίνει;
💎 Hint 4 (Expert): Το \(Q(x) \equiv 0\), άρα \(P(x) = \frac{x}{x+1}\) για κάθε \(x\)!
📮 Πλήρης Λύση:
Θεωρούμε \(Q(x) = (x+1)P(x) - x\).
Για \(k = 0, 1, \ldots, n\):
\[ Q(k) = (k+1)P(k) - k = (k+1) \cdot \frac{k}{k+1} - k = k - k = 0 \]
Άρα το \(Q(x)\) έχει ρίζες τα \(0, 1, 2, \ldots, n\) (δηλαδή \(n+1\) ρίζες).
Όμως \(\deg Q = \deg((x+1)P(x)) = n+1\).
Επομένως:
\[ Q(x) = c(x)(x-1)(x-2) \cdots (x-n) \]
Συγκρίνοντας τους κύριους συντελεστές, βρίσκουμε \(c = 1\).
Άρα:
\[ (n+2)P(n+1) - (n+1) = (n+1) \cdot n \cdot (n-1) \cdots 1 = (n+1)! \]
\[ P(n+1) = \frac{(n+1)! + (n+1)}{n+2} = \frac{(n+1)(n! + 1)}{n+2} \]
Θεωρούμε \(Q(x) = (x+1)P(x) - x\).
Για \(k = 0, 1, \ldots, n\):
\[ Q(k) = (k+1)P(k) - k = (k+1) \cdot \frac{k}{k+1} - k = k - k = 0 \]
Άρα το \(Q(x)\) έχει ρίζες τα \(0, 1, 2, \ldots, n\) (δηλαδή \(n+1\) ρίζες).
Όμως \(\deg Q = \deg((x+1)P(x)) = n+1\).
Επομένως:
\[ Q(x) = c(x)(x-1)(x-2) \cdots (x-n) \]
Συγκρίνοντας τους κύριους συντελεστές, βρίσκουμε \(c = 1\).
Άρα:
\[ (n+2)P(n+1) - (n+1) = (n+1) \cdot n \cdot (n-1) \cdots 1 = (n+1)! \]
\[ P(n+1) = \frac{(n+1)! + (n+1)}{n+2} = \frac{(n+1)(n! + 1)}{n+2} \]
📊 Στρατηγική & Σύνοψη
🎓 Strategy Guide
💡 Golden Rules:
1️⃣ Πάντα ελέγχετε το βαθμό του υπολοίπου: \(\deg r < \deg g\)
2️⃣ Για ακέραιους/ρητούς συντελεστές, οι ρίζες έρχονται σε ζευγάρια
3️⃣ Το Factor Theorem είναι η βάση για την εύρεση ριζών
4️⃣ Οι roots of unity χρησιμοποιούνται συχνά σε δύσκολα προβλήματα
5️⃣ Όταν κολλάτε, δοκιμάστε να θέσετε συγκεκριμένες τιμές του \(x\)
| Πρόβλημα | Τεχνική |
|---|---|
| Εύρεση υπολοίπου όταν διαιρούμε με \(x-a\) | Remainder Theorem: \(r = f(a)\) |
| Έλεγχος αν \((x-a)\) διαιρεί το \(f(x)\) | Factor Theorem: Ελέγξτε αν \(f(a) = 0\) |
| Διαίρεση με \(x^2 + bx + c\) | Παραγοντοποιήστε τον διαιρέτη πρώτα |
| Σχέσεις ριζών (άθροισμα, γινόμενο) | Vieta's Formulas (Part 2!) |
| Πολυώνυμο με συγκεκριμένες ρίζες | Χρησιμοποιήστε \((x-r_1)(x-r_2)\cdots\) |
💡 Golden Rules:
1️⃣ Πάντα ελέγχετε το βαθμό του υπολοίπου: \(\deg r < \deg g\)
2️⃣ Για ακέραιους/ρητούς συντελεστές, οι ρίζες έρχονται σε ζευγάρια
3️⃣ Το Factor Theorem είναι η βάση για την εύρεση ριζών
4️⃣ Οι roots of unity χρησιμοποιούνται συχνά σε δύσκολα προβλήματα
5️⃣ Όταν κολλάτε, δοκιμάστε να θέσετε συγκεκριμένες τιμές του \(x\)
🎊 Συγχαρητήρια!
Ολοκληρώσατε το Part 1 του Polynomials Marathon!
Τι κατακτήσατε:
✅ Βασικούς ορισμούς & notation
✅ Division Algorithm με πλήρη απόδειξη
✅ Factor & Remainder Theorems
✅ 6 αναλυτικά παραδείγματα
✅ Στρατηγική για διαγωνισμούς
Ολοκληρώσατε το Part 1 του Polynomials Marathon!
Τι κατακτήσατε:
✅ Βασικούς ορισμούς & notation
✅ Division Algorithm με πλήρη απόδειξη
✅ Factor & Remainder Theorems
✅ 6 αναλυτικά παραδείγματα
✅ Στρατηγική για διαγωνισμούς
📅 Επόμενο Part:
Part 2: Roots & Vieta's Formulas
Μάθετε τις μαγικές σχέσεις των ριζών! 🎯
Part 2: Roots & Vieta's Formulas
Μάθετε τις μαγικές σχέσεις των ριζών! 🎯
Μείνετε συντονισμένοι...
Το ταξίδι στα πολυώνυμα συνεχίζεται! 🚀
Δεν υπάρχουν σχόλια:
Δημοσίευση σχολίου